php字符串怎么提取，JS获取PHP页面变量值怎样比较合适？
JS获取页面，要么是字符，要么是JSon，看你喜欢用哪种方式。而调用方式是Ajax。
我喜欢用字符形式，用特定分隔符隔开多个参数值，获取后再解析好即可。
如果获取的是复杂的长的参数值，建议采用JSon的格式。
你可以分别试试这两种方式，联系熟了，就容易使用了。
php中怎样实现sql字段包含于字符串？
谢谢邀请！
sql语法支持楼主所说的功能：输入一个字符串，匹配字符串中的某些字段，模糊查询，关于模糊匹配的格式，楼主可以随便查询下SQL语法都能找到，select * from tbl_user where staus like '%头痛2日%'; 式如下：select 字段 from 表 where 某字段 like 条件，其中关于条件，sql提供了以下几种匹配模式:
(1)、%：表示零个或多个字符。
可以匹配任意类型和任意长度的字符，有些情况下若是中文，请使用两个百分号（%%）表示。比如：select * from tbl_user where staus like '%头痛2日%'; 将会把tbl_user这张表里面，列名status中含有“头痛2日”的记录全部查询出来。
(2)、_:表示任意单个字符。匹配单个任意字符，它常用来限制表达式的字符长度。
比如select * from ftbl_user where status like __头通2日; 只能找到类似“某某头通2日”这样的症状记录。
(3)、[]：表示括号内所列字符中的一个（类似正则表达式）。指定一个字符、字符串或范围，要求所匹配的对象为他们中的任一个。比如select * from tbl_user where status like '[头眼耳]痛';将找出“头痛”“眼痛”“的记录。
(4)、[^]：表示不在括号所列之内的单个字符。其取之和[]相同，但它所要求匹配对象为指定字符以外的任一个字符。比如select * from tbl_user where status like'[^头眼耳]痛'; 将找出不是头痛，眼痛, 耳痛之外的心痛。
注意事项：查询内容包含通配由于通配符的缘故，导致查询特殊字符“%”、“_”、“[”的语句无法正常实现，把特殊字符用“[]”括起来便可以正常查询。
PHP如何判断字符串是否标准JSON？
引言
在MYSQL 5.6及以下没有 JSON 这个字段类型的时候，我们还只能用字符串存储数组，对象，这些结构数据；甚至有直接将序列化的对象存库的，都是无奈之举。
编程中也时不时对接口进行json_encode / json_decode。那么如果所得的字符串不是标准的格式，有什么办法快速检测吗？
本文就来说一说。
学习时间最快的办法，还是使用PHP内置的 json_decode 函数，对于此函数的参数和返回值，我们需要认真地分析。
该函数接受一个 JSON 编码的字符串并且把它转换为 PHP 变量。函数结构：
mixed json_decode( string $json[, bool $assoc = false[, int $depth = 512[, int $options = 0]]] )
除了第一个字符串类型的$json必填之外，其他都是选填。如果我们定制功能，需要后面的参数也指定。比如，解码的字符串解析为关联数组，那么就指定 $assoc = true。
考虑到兼容性的要求，$json 传入的字符串，必须是 UTF-8 编码格式。
我们试着编写一个助手函数，用于判断字符串是否标准的json格式：
function isJson($string) { json_decode($string); return (json_last_error() == JSON_ERROR_NONE); }
这个方法使用了2个函数，和1个常量。其中 json_decode 是对字符串解码暂且不说。json_last_error 函数，如果有返回值，则是 JSON 编码解码时最后发生的错误。
JSON_ERROR_NONE 是无错误，=0。该句判断没有错误则是标准格式，返回 true；否则返回 false。
深入学习其实上面的代码对于 json 加解码过程中的错误判断还是比较粗糙的。有一位小哥不嫌繁琐，手动拼装了详细的错误处理函数，非常实用。
使用上述函数进行测试：
$json = '[{"user_id":13,"username":"stack"},{"user_id":14,"username":"over"}]'; $output = json_validate($json); print_r($output);
输出内容如下：
这是正常的情况，json 格式完全正确。我们再测试一个不是规范格式的字符串。
$json = '{background-color:yellow;color:#000;padding:10px;width:650px;}'; $output = json_validate($json); print_r($output);
输出错误信息：
Syntax error, malformed JSON.
万能的正则跟字符串打交道，正则表达式几乎可以做一切你想要的结果。json 字符串也一样，据文档所说，使用正则表达式判断JSON格式，稳定有效，而且速度还很快。
下面这个正则表达式您拿小本本记好了，一模一样地抄下来用就可以了。
return !preg_match('/[^,:{}\\[\\]0-9.\\-+Eaeflnr-u \\n\\r\\t]/', preg_replace('/"(\\.|[^"\\\\])*"/', '', $json_string));
写在最后如果考虑程序的可读性，和可维护性，使用 json_decode 函数的判断无疑更直观，大家也更熟悉。然而正则表达式所体现出的高效也是不容小觑的。
Happy coding :_)
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php中怎么将日期字符串转换为Date类型？
程序猿一枚，喜欢生活的一切，欢迎交流。
不贴代码都是耍流氓，所以我贴代码。
第一种：
参数一指定格式，参数二传入需要转换的字符串。
第二种：
多看看API就好啦。类型转换属于基础方法，熟才能生巧。
祝你早日进步。
php里获取前一天的时间？
//获得当前时间
//date()格式化时间返回String类型。 date("Y-m-d H:i:s")
$current_date = date(’Y-m-d’,time());
//根据当前时间加一周后
$weekLater = date(’Y-m-d’,strtotime("$current_date + 1 week"));
echo $weekLate;
// 2009-05-26 加一天的日期
$tomorrow = date(’Y-m-d’,strtotime("2009-05-26 + 1 day"));
echo $tomorrow; // 2009-05-27
也可以这样 date("Y-m-d",strtotime("-1 day")) ；直接获得前一天时间